2018年山東省濰坊市會考數學模擬試卷及答案
模擬試題是考試前的前瞻,能幫助我們認清楚考試的具體內容、形式和時間,可以説是十分重要的。以下是本站小編給你帶來的最新模擬試題,希望能幫到你哈。
2018年山東省濰坊市會考數學模擬試卷一、選擇題(本大題共12小題,在每個小題給出的四個選項中,只有一項是正確的,請把正確的選項選出來,每小題選對的3分,選錯、不選或選出的答案超出一個均記0分.)
1.(3分)(2015•濰坊)在|﹣2|,20,2﹣1, 這四個數中,最大的數是( )
A. |﹣2| B. 20 C. 2﹣1 D.
考點: 實數大小比較;零指數冪;負整數指數冪..
分析: 正實數都大於0,負實數都小於0,正實數大於一切負實數,兩個負實數絕對值大的反而小,首先求出|﹣2|,20,2﹣1的值是多少,然後根據實數比較大小的方法判斷即可.
解答: 解:|﹣2|=2,20=1,2﹣1=0.5,
∵ ,
∴ ,
∴在|﹣2|,20,2﹣1, 這四個數中,最大的數是|﹣2|.
故選:A.
點評: (1)此題主要考查了實數大小比較的方法,要熟練掌握,解答此題的關鍵是要明確:正實數>0>負實數,兩個負實數絕對值大的反而小.
(2)此題還考查了負整數指數冪的運算,要熟練掌握,解答此題的關鍵是要明確:①a﹣p= (a≠0,p為正整數);②計算負整數指數冪時,一定要根據負整數指數冪的意義計算;③當底數是分數時,只要把分子、分母顛倒,負指數就可變為正指數.
(3)此題還考查了零指數冪的運算,要熟練掌握,解答此題的關鍵是要明確:①a0=1(a≠0);②00≠1.
2.(3分)(2015•濰坊)如圖所示幾何體的左視圖是( )
A. B. C. D.
考點: 簡單組合體的三視圖..
分析: 找到從左面看所得到的圖形即可,注意所有的看到的稜都應表現在左視圖中.
解答: 解:從左面看可得矩形中間有一條橫着的虛線.
故選C.
點評: 本題考查了三視圖的知識,左視圖是從物體的左面看得到的視圖.
3.(3分)(2015•濰坊)2015年5月17日是第25個全國助殘日,今年全國助殘日的主題是“關注孤獨症兒童,走向美好未來”.第二次全國殘疾人抽樣調查結果顯示,我國0~6歲精神殘疾兒童約為11.1萬人.11.1萬用科學記數法表示為( )
A.x k 1.11×104 B. 11.1×104 C. 1.11×105 D. 1.11×106
考點: 科學記數法—表示較大的數..
分析: 科學記數法的表示形式為a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n為整數.確定n的值時,要看把原數變成a時,小數點移動了多少位,n的絕對值與小數點移動的位數相同.當原數絕對值>1時,n是正數;當原數的絕對值<1時,n是負數.
解答: 解:將11.1萬用科學記數法表示為1.11×105.
故選C.
點評: 此題考查科學記數法的表示方法.科學記數法的表示形式為a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n為整數,表示時關鍵要正確確定a的值以及n的值.
4.(3分)(2015•濰坊)如圖汽車標誌中不是中心對稱圖形的是( )
A. B. C. D.
考點: 中心對稱圖形..
分析: 根據中心對稱圖形的概念求解.
解答: 解:A、是中心對稱圖形.故錯誤;
B、不是中心對稱圖形.故正確;
C、是中心對稱圖形.故錯誤;
D、是中心對稱圖形.故錯誤.
故選B.
點評: 本題考查了中心對稱圖形的概念:中心對稱圖形是要尋找對稱中心,旋轉180度後與原圖重合.
5.(3分)(2015•濰坊)下列運算正確的是( )
A. + = B. 3x2y﹣x2y=3
C. =a+b D. (a2b)3=a6b3
考點: 冪的乘方與積的乘方;合併同類項;約分;二次根式的加減法..
分析: A:根據二次根式的加減法的運算方法判斷即可.
B:根據合併同類項的方法判斷即可.
C:根據約分的方法判斷即可.
D:根據積的乘方的運算方法判斷即可.
解答: 解:∵ ,
∴選項A不正確;
∵3x2y﹣x2y=2x2y,
∴選項B不正確;
∵ ,
∴選項C不正確;
∵(a2b)3=a6b3,
∴選項D正確.
故選:D.
點評: (1)此題主要考查了冪的乘方和積的乘方,要熟練掌握,解答此題的關鍵是要明確:①(am)n =amn(m,n是正整數);②(ab)n=anbn(n是正整數).
(2)此題還考查了二次根式的加減法,要熟練掌握,解答此題的關鍵是要明確二次根式的加減法的步驟:①如果有括號,根據去括號法則去掉括號.②把不是最簡二次根式的二次根式進行化簡.③合併被開方數相同的二次根式.
(3)此題還考查了合併同類項,以及約分的方法的應用,要熟練掌握.
6.(3分)(2015•濰坊)不等式組 的所有整數解的和是( )
A. 2 B. 3 C. 5 D. 6
考點: 一元一次不等式組的整數解..
分析: 先求出不等式組的解集,再求出不等式組的整數解,最後求出答案即可.
解答: 解:
∵解不等式①得;x>﹣ ,
解不等式②得;x≤3,
∴不等式組的解集為﹣
∴不等式組的整數解為0,1,2,3,
0+1+2+3=6,
故選D.
點評: 本題考查瞭解一元一次不等式組,求不等式組的整數解的應用,解此題的關鍵是求出不等式組的解集,難度適中.
7.(3分)(2015•濰坊)如圖,AB是⊙O的弦,AO的延長線交過點B的⊙O的切線於點C,如果∠ABO=20°,則∠C的度數是( )
A. 70° B. 50° C. 45° D. 20°
考點: 切線的性質..
分析: 由BC是⊙O的切線,OB是⊙O的半徑,得到∠OBC=90°,根據等腰三角形的性質得到∠A=∠ABO=20°,由外角的性質得到∠BOC=40°,即可求得∠C=50°.
解答: 解:∵BC是⊙O的切線,OB是⊙O的半徑,
∴∠OBC=90°,
∵OA=OB,
∴∠A=∠ABO=20°,
∴∠BOC=40°,
∴∠C=50°.
故選B.
點評: 本題考查了本題考查了切線的性質,等腰三角形的性質,掌握定理是解題的關鍵.
8.(3分)(2015•濰坊)若式子 +(k﹣1)0有意義,則一次函數y=(k﹣1)x+1﹣k的圖象可能是( )
A. B. C. D.
考 點: 一次函數圖象與係數的關係;零指數冪;二次根式有意義的條件..
分析: 首先根據二次根式中的被開方數是非負數,以及a 0=1(a≠0),判斷出k的取值範圍,然後判斷出k﹣1、1﹣k的正負,再根據一次函數的圖象與係數的關係,判斷出一次函數y=(k﹣1)x+1﹣k的圖象可能是哪個即可.
解答: 解:∵式子 +(k﹣1)0有意義,
∴
解得k>1,
∴k﹣1>0,1﹣k<0,
∴一次函數y=(k﹣1)x+1﹣k的圖象可能是:
.
故選:A.
點評: (1)此題主要考查了一次函數的圖象與係數的關係,要熟練掌握,解答此題的關鍵是要明確:當b>0時,(0,b)在y軸的正半軸上,直線與y軸交於正半軸;當b<0時,(0,b)在y軸的負半軸,直線與y軸交於負半軸.
(2)此題還考查了零指數冪的運算,要熟練掌握,解答此題的關鍵是要明確:①a0=1(a≠0);②00≠1.
(3)此題還考查了二次根式有意義的條件,要熟練掌握,解答此題的關鍵是要明確:二次根式中的被開方數是非負數.
9.(3分)(2015•濰坊)如圖,在△ABC中,AD平分∠BAC,按如下步驟作圖:
第一步,分別以點A、D為圓心,以大於 AD的長為半徑在AD兩側作弧,交於兩點M、N;
第二步,連接MN分別交AB、AC於點E、F;
第三步,連接DE、DF.
若BD=6,AF=4,CD=3,則BE的長是( )
A. 2 B. 4 C. 6 D. 8
考點: 平行線分線段成比例;菱形的判定與性質;作圖—基本作圖..
分析: 根據已知得出MN是線段AD的垂直平分線,推出AE=DE,AF=DF,求出DE∥AC,DF∥AE,得出四邊形AEDF是菱形,根據菱形的性質得出AE=DE=DF=AF,根據平行線分線段成比例定理得出 = ,代入求出即可.
解答: 解:∵根據作法可知:MN是線段AD的垂直平分線,
∴AE=DE,AF=DF,
∴∠EAD=∠EDA,
∵AD平分∠BAC,
∴∠BAD=∠CAD,
∴∠EDA=∠CAD,
∴DE∥AC,
同理DF∥AE,
∴四邊形AEDF是菱形,
∴AE=DE=DF=AF,
∵AF=4,
∴AE=DE=DF=AF=4,
∵DE∥AC,
∴ = ,
∵BD=6,AE=4,CD=3,
∴ = ,
∴BE=8,
故選D.
點評: 本題考查了平行線分線段成比例定理,菱形的性質和判定,線段垂直平分線性質,等腰三角形的性質的應用,能根據定理四邊形AEDF是菱形是解此題的關鍵,注意:一組平行線截兩條直線,所截得的對應線段成比例.
10.(3分)(2015•濰坊)將一盛有不足半杯水的圓柱形玻璃水杯擰緊杯蓋後放倒,水平放置在桌面上,水杯的底面如圖所示,已知水杯內徑(圖中小圓的直徑)是8cm,水的最大深度是2cm,則杯底有水部分的面積是( )
A. ( π﹣4 )cm2 B. ( π﹣8 )cm2 C. ( π﹣4 )cm2 D. ( π﹣2 )cm2
考點: 垂徑定理的應用;扇形面積的計算..
分析: 作OD⊥AB於C,交 小⊙O於D,則CD=2,由垂徑定理可知AC=CB,利用正弦函數求得∠OAC=30°,進而求得∠AOC=120°,利用勾股定理即可求出AB的值,從而利用S扇形﹣S△AOB求得杯底有水部分的面積.
解答: 解:作OD⊥AB於C,交小⊙O於D,則CD=2,AC=BC,
∵OA=OD=4,CD=2,
∴OC=2,
在RT△AOC中,sin∠OAC= = ,
∴∠OAC=30°,
∴∠AOC=120°,
AC= =2 ,
∴AB=4 ,
∴杯底有水部分的面積=S扇形﹣S△AOB= ﹣ × ×2=( π﹣4 )cm2
故選A.
點評: 本題考查的是垂徑定理的應用及勾股定理,根據題意作出輔助線,構造出直角三角形是解答此題的關鍵.
11.(3分)(2015•濰坊)如圖,有一塊邊長為6cm的正三角形紙板,在它的三個角處分別截去一個彼此全等的箏形,再沿圖中的虛線折起,做成一個無蓋的直三稜柱紙盒,則該紙盒側面積的最大值是( )
A. cm2 B. cm2 C. cm2 D. cm2
考點: 二次函數的應用;展開圖摺疊成幾何體;等邊三角形的性質..
分析: 如圖,由等邊三角形的性質可以得出∠A=∠B=∠C=60°,由三個箏形全等就可以得出AD=BE=BF=CG=CH=AK,根據摺疊後是一個三稜柱就可以得出DO=PE=PF=QG=QH=OK,四邊形ODEP、四邊形PFGQ、四邊形QHKO為矩形,且全等.連結AO證明△AOD≌△AOK就可以得出∠OAD=∠OAK=30°,設OD=x,則AO=2x,由勾股定理就可以求出AD= x,由矩形的面積公式就可以表示紙盒的側面積,由二次函數的性質就可以求出結論.
解答: 解:∵△ABC為等邊三角形,
∴∠A= ∠B=∠C=60°,AB=BC=AC.
∵箏形ADOK≌箏形BEPF≌箏形AGQH,
∴AD=BE=BF=CG=CH=AK.
∵摺疊後是一個三稜柱,
∴DO=PE=PF=QG=QH=OK,四邊形ODEP、四邊形PFGQ、四邊形QHKO都為矩形.
∴∠ADO=∠AKO=90°.
連結AO,
在Rt△AOD和Rt△AOK中,
,
∴Rt△AOD≌Rt△AOK(HL).
∴∠OAD=∠OAK=30°.
設OD=x,則AO=2x,由勾股定理就可以求出AD= x,
∴DE=6﹣2 x,
∴紙盒側面積=3x(6﹣2 x)=﹣6 x2+18x,
=﹣6 (x﹣ )2+ ,
∴當x= 時,紙盒側面積最大為 .
故選C.
點評: 本題考查了等邊三角形的性質的運用,全等三角形的判定及性質的運用,勾股定理的運用,矩形的面積公式的運用,二次函數的性質的運用,解答時表示出紙盒的側面積是關鍵.
12.(3分)(2015•濰坊)已知二次函數y=ax2+bx+c+2的圖象如圖所示,頂點為(﹣1,0),下列結論:①abc<0;②b2﹣4ac=0;③a>2;④4a﹣2b+c>0.其中正確結論的個數是( )
A. 1 B. 2 C. 3 D. 4
考點: 二次函數圖象與係數的關係..
分析: ①首先根據拋物線開口向上,可得a>0;然後根據對稱軸在y軸左邊,可得b>0;最後根據拋物線與y軸的交點在x軸的上方,可得c>0,據此判斷出abc>0即可.
②根據二次函數y=ax2+bx+c+2的圖象與x軸只有一個交點,可得△=0,即b2﹣4ac=0.
③首先根據對稱軸x=﹣ =﹣1,可得b=2a,然後根據b2﹣4ac=0,確定出a的取值範圍即可.
④根據對稱軸是x=﹣1,而且x=0時,y>2,可得x=﹣2時,y>2,據此判斷即可.
解答: 解:∵拋物線開口向上,
∴a>0,
∵對稱軸在y軸左邊,
∴b>0,
∵拋物線與y軸的交點在x軸的上方,
∴c+2>2,
∴c>0,
∴abc>0,
∴結論①不正確;
∵二次函數y=ax2+bx+c+2的圖象與x軸只有一個交點,
∴△=0,
即b2﹣4ac=0,
∴結論②正確;
∵對稱軸x=﹣ =﹣1,
∴b=2a,
∵b2﹣4ac=0,
∴4a2﹣4ac=0,
∴a=c,
∵c>0,
∴a>0,
∴結論③不正確;
∵對稱軸是x=﹣1,而且x=0時,y>2,
∴x=﹣2時,y>2,
∴4a﹣2b+c+2>2,
∴4a﹣2b+c>0.
∴結論④正確.
綜上,可得
正確結論的個數是2個:②④.
故選:B.
點評: 此題主要考查了二次函數的圖象與係數的關係,要熟練掌握,解答此題的關鍵是要明確:①二次項係數a決定拋物線的開口方向和大小:當a>0時,拋物線向上開口;當a<0時,拋物線向下開口;②一次項係數b和二次項係數a共同決定對稱軸的位置:當a與b同號時(即ab>0),對稱軸在y軸左; 當a與b異號時(即ab<0),對稱軸在y軸右.(簡稱:左同右異)③常數項c決定拋物線與y軸交點. 拋物線與y軸交於 (0,c).
二、填空題(本大題共6小題,每小題3分,共18分,只要求填寫最後結果.)
13.(3分)(2015•濰坊)“植樹節”時,九年級一班6個小組的植樹棵數分別是:5,7,3,x,6,4.已知這組數據的眾數是5,則該組數據的平均數是 5 .
考點: 算術平均數;眾數..
分析: 首先根據眾數為5得出x=5,然後根據平均數的概念求解.
解答: 解:∵這組數據的眾數是5,
∴x=5,
則平均數為: =5.
故答案為:5.
點評: 本題考查了眾數和平均數的知識,一組數據中出現次數最多的數據叫做眾數;平均數是指在一組數據中所有數據之和再除以數據的個數.
14.(3分)(2015•濰坊)如圖,等腰梯形ABCD中,AD∥BC,BC=50,AB=20,∠B=60°,則AD= 30 .
考點: 等腰梯形的性質..
分析: 首先作輔助線:過點A作AE∥CD交BC於點E,根據等腰梯形的性質,易得四邊形AECD是平行四邊形,根據平行四邊形的對邊相等,即可得AE=CD=AB=20,AD=EC,易得△ABE是等邊三角形,即可求得AD的長.
解答: 解:過點A作AE∥CD交BC於點E,
∵AD∥BC,
∴四邊形AECD是平行四邊形,
∴AE=CD=AB=20,AD=EC,
∵∠B=60°,
∴BE=AB=AE=20,
∴AD=BC﹣CE=50﹣20=30.
故答案為:30
點評: 此題考查了等腰梯形的性質、平行四邊形的判定與性質以及等邊三角形的性質.解題的關鍵是注意平移梯形的一腰是梯形題目中常見的輔助線.
15.(3分)(2015•濰坊)因式分解:ax2﹣7ax+6a= a(x﹣1)(x﹣6) .
考點: 因式分解-十字相乘法等;因式分解-提公因式法..
專題: 計算題.
分析: 原式提取a,再利用十字相乘法分解即可.
解答: 解:原式=a(x2﹣7x+6)=a(x﹣1)(x﹣6),
故答案為:a(x﹣1)(x﹣6)
點評: 此題考查了因式分解﹣十字相乘法,以及提取公因式法,熟練掌握因式分解的方法是解本題的關鍵.
16.(3分)(2015•濰坊)觀光塔是濰坊市區的標誌性建築,為測量其高度,如圖,一人先在附近一樓房的底端A點處觀測觀光塔頂端C處的仰角是60°,然後爬到該樓房頂端B點處觀測觀光塔底部D處的俯角是30°.已知樓房高AB約是45m,根據以上觀測數據可求觀光塔的高CD是 135 m.
考點: 解直角三角形的應用-仰角俯角問題..
分析: 根據“爬到該樓房頂端B點處觀測觀光塔底部D處的俯角是30°”可以求出AD的長,然後根據“在一樓房的底端A點處觀測觀光塔頂端C處的仰角是60°”可以求出CD的長.
解答: 解:∵爬到該樓房頂端B點處觀測觀光塔底部D處的俯角是30°,
∴∠ADB=30°,
在Rt△ABD中,
tan30°= ,
解得, = ,
∴AD=45 ,
∵在一樓房的底端A點處觀測觀光塔頂端C處的仰角是60°,
∴在Rt△ACD中,
CD=AD•tan60°=45 × =135米.
故答案為135米.
點評: 本題考查瞭解直角三角形的應用﹣﹣仰角、俯角問題,要求學生能借助仰角、俯角構造直角三角形並解直角三角形.
17.(3分)(2015•濰坊)如圖,正△ABC的邊長為2,以BC邊上的高AB1為邊作正△AB1C1,△ABC與△AB1C1公共部分的面積記為S1;再以正△AB1C1邊B1C1上的高AB2為邊作正△AB2C2,△AB1C1與△AB2C2公共部分的面積記為S2;…,以此類推,則Sn= ( )n .(用含n的式子表示)
考點: 等邊三角形的性質..
專題: 規律型.
分析: 由AB1為邊長為2的等邊三角形ABC的高,利用三線合一得到B1為BC的中點,求出BB1的長,利用勾股定理求出AB1的長,進而求出S1,同理求出S2,依此類推,得到Sn.
解答: 解:∵等邊三角形ABC的邊長為2,AB1⊥BC,
∴BB1=1,AB=2,
根據勾股定理得:AB1= ,
∴S1= × ×( )2= ( )1;
∵等邊三角形AB1C1的邊長為 ,AB2⊥B1C1,
∴B1B2= ,AB1= ,
根據勾股定理得:AB2= ,
∴S2= × ×( )2= ( )2;
依此類推,Sn= ( )n.
故答案為: ( )n.
點評: 此題考查了等邊三角形的性質,屬於規律型試題,熟練掌握等邊三角形的性質是解本題的關鍵.
18.(3分)(2015•濰坊)正比例函數y1=mx(m>0)的圖象與反比例函數y2= (k≠0)的圖象交於點A(n,4)和點B,AM⊥y軸,垂足為M.若△AMB的面積為8,則滿足y1>y2的實數x的取值範圍是 ﹣22 .
考點: 反比例函數與一次函數的交點問題..
分析: 由反比例函數圖象的對稱性可得:點A和點B關於原點對稱,再根據△AMB的面積為8列出方程 ×4n×2=8,解方程求出n的值,然後利用圖象可知滿足y1>y2的實數x的取值範圍.
解答: 解:∵正比例函數y1=mx(m>0)的圖象與反比例函數y2= (k≠0)的圖象交於點A(n,4)和點B ,
∴B(﹣n,﹣4).
∵△AMB的`面積為8,
∴ ×4n×2=8,
解得n=2,
∴A(2,4),B(﹣2,﹣4).
由圖形可知,當﹣22時,正比例函數y1=mx(m>0)的圖象在反比例函數y2= (k≠0)圖象的上方,即y1>y2.
故答案為﹣22.
點評: 本題考查了一次函 數和反比例函數的交點問題,三角形的面積,反比例函數的對稱性,體現了數形結合的思想.
三、解答題(本大題共6小題,共66分.解答要寫出必要的文字説明、證明過程或演算步驟.)
19.(9分)(2015•濰坊)為提高飲水質量,越來越多的居民選購家用淨水器.一商場抓住商機,從廠家購進了A、B兩種型號家用淨水器共160台,A型號家用淨水器進價是150元/台,B型號家用淨水器進價是350元/台,購進兩種型號的家用淨水器共用去36000元.
(1)求A、B兩種型號家用淨水器各購進了多少台;
(2)為使每台B型號家用淨水器的毛利潤是A型號的2倍,且保證售完這160台家用淨水器的毛利潤不低於11000元,求每台A型號家用淨水器的售價至少是多少元.(注:毛利潤=售價﹣進價)
考點: 一元一次不等式的應用;二元一次方程組的應用..
分析: (1)設A種型號家用淨水器購進了x台,B種型號家用淨水器購進了y台,根據“購進了A、B兩種型號家用淨水器共160台,購進兩種型號的家用淨水器共用去36000元.”列出方程組解答即可;
(2)設每台A型號家用淨水器的毛利潤是a元,則每台B型號家用淨水器的毛利潤是2a元,根據保證售完這160台家用淨水器的毛利潤不低於11000元,列出不等式解答即可.
解答: 解:(1)設A種型號家用淨水器購進了x台,B種型號家用淨水器購進了y台,
由題意得 ,
解得 .
答:A種型號家用淨水器購進了100台,B種型號家用淨水器購進了60台.
(2)設每台A型號家用淨水器的毛利潤是a元,則每台B型號家用淨水器的毛利潤是2a元,
由題意得100a+60×2a≥11000,
解得a≥50,
150+50=200(元).
答:每台A型號家用淨水器的售價至少是200元.
點評: 此題考查一元一次不等式組的實際運用,二元一次方程組的實際運用,找出題目藴含的數量關係與不等關係是解決問題的關鍵.
20.(10分)(2015•濰坊)某校瞭解九年級學生近兩個月“推薦書目”的閲讀情況,隨機抽取了該年級的部分學生,調查了他們每人“推薦書目”的閲讀本數.設每名學生的閲讀本數為n,並按以下規定分為四檔:當n<3時,為“偏少”;當3≤n<5時,為“一般”;當5≤n<8時,為“良好”;當n≥8時,為“優秀”.將調查結果統計後繪製成不完整的統計圖表:
閲讀本數n(本) 1 2 3 4 5 6 7 8 9
人數(名) 1 2 6 7 12 x 7 y 1
請根據以上信息回答下列問題:
(1)分別求出統計表中的x、y的值;
(2)估計該校九年級400名學生中為“優秀”檔次的人數;
(3)從被調查的“優秀”檔次的學生中隨機抽取2名學生介紹讀書體會,請用列表或畫樹狀圖的方法求抽取的2名學生中有1名閲讀本數為9的概率.
考點: 列表法與樹狀圖法;用樣本估計總體;扇形統計圖..
分析: (1)首先求得總分數,然後即可求得x和y的值;
(2)首先求得樣本中的優秀率,然後用樣本估計總體即可;
(3)列表將所有等可能的結果列舉出來,然後利用概率公式求解即可.
解答: 解:(1)由表可知被調查學生中“一般”檔次的有13人,所佔比例是26%,所以共調查的學生數是13÷26%=50,
則調查學生中“良好”檔次的人數為50×60%=30,
∴x=30﹣(12+7)=11,
y=50﹣(1+2+6+7+12+11+7+1)=3.
(2)由樣本數據可知“優秀”檔次所佔的百分比為 =8%,
∴,估計九年級400名學生中為優秀檔次的人數為400×8%=32;
(3)用A、B、C表示閲讀本數是8的學生,用D表示閲讀9本的學生,列表得到:
A B C D
A AB AC AD
B BA BC BD
C CA CB CD
D DA DB DC
由列表可知,共12種等可能的結果,其中所抽取的2名學生中有1名閲讀本數為9的有6種,
所以抽取的2名學生中有1名閲讀本數為9的概率為 = ;
點評: 考查了列表與樹狀圖法求概率、用樣本估計總體及扇形統計圖的知識,解題的關鍵是能夠通過列表將所有等可能的結果列舉出來,難度不大.
21.(10分)(2015•濰坊)如圖,在△ABC中,AB=AC,以AC為直徑的⊙O交BC於點D,交AB於點E,過點D作DF⊥AB,垂足為F,連接DE.
(1)求證:直線DF與⊙O相切;
(2)若AE=7,BC=6,求AC的長.
考點: 切線的判定;相似三角形的判定與性質..
分析: (1)連接OD,利用AB=AC,OD=OC,證得OD∥AD,易證DF⊥OD,故DF為⊙O的切線;
(2)證得△BED∽△BCA,求得BE,利用AC=AB=AE+BE求得答案即可.
解答: (1)證明:如圖,
連接OD.
∵AB=AC,
∴∠B=∠C,
∵OD=OC,
∴∠ODC=∠C,
∴∠ODC=∠B,
∴OD∥AB,
∵DF⊥AB,
∴OD⊥DF,
∵點D在⊙O上,
∴直線DF與⊙O相切;
(2)解:∵四邊形ACDE是⊙O的內接四邊形,
∴∠AED+∠ACD=180°,
∵∠AED+∠BED=180°,
∴∠BED=∠ACD,
∵∠B=∠B,
∴△BED∽△BCA,
∴ = ,
∵OD∥AB,AO=CO,
∴BD=CD= BC=3,
又∵AE=7,
∴ = ,
∴BE=2,
∴AC=AB=AE+BE=7+2=9.
點評: 此題考查切線的判定,三角形相似的判定與性質,要證某線是圓的切線,已知此線過圓上某點,連接圓心和這點(即為半徑),再證垂直即可.
22.(11分)(2015•濰坊)“低碳生活,綠色出行”的理念正逐漸被人們所接受,越來越多的人選擇騎自行車上下班.王叔叔某天騎自行車上班從家出發到單位過程中行進速度v(米/分鐘)隨時間t(分 鍾)變化的函數圖象大致如圖所示,圖象由三條線段OA、AB和BC組成.設線段OC上有一動點T(t,0),直線l左側部分的面積即為t分鐘內王叔叔行進的路程s(米).
(1)①當t=2分鐘時,速度v= 200 米/分鐘,路程s= 200 米;
②當t=15分鐘時,速度v= 300 米/分鐘,路程s= 4050 米.
(2)當0≤t≤3和3
(3)求王叔叔該天上班從家出發行進了750米時所用的時間t.
考點: 一次函數的應用..
分析: (1)①根據圖象得出直線OA的解析式,代入t=2解答即可;
②根據圖象得出t=15時的速度,並計算其路程即可;
(2)利用待定係數法得出0≤t≤3和3
(3)根據當3
解答: 解:(1)①直線OA的解析式為:y= t=100t,
把t=2代入可得:y=200;
路程S= =200,
故答案為:200;200;
②當t=15時,速度為定值=300,路程= ,
故答案為:300;4050;
(2)①當0≤t≤3,設直線OA的解析式為:y=kt,由圖象可知點A(3,300),
∴300=3k,
解得:k=100,
則解析式為:y=100t;
設l與OA的交點為P,則P(t,100t),
∴s= ,
②當3
∴S= ,
(3)∵當0≤t≤3,S最大=50×9=450,
∵750>50,
∴當3
則令750=300t﹣450,
解得:t=4.
故王叔叔該天上班從家出發行進了750米時所用的時間4分鐘.
點評: 此題考查一次函數的應用,關鍵是根據圖象進行分析,同時利用待定係數法得出解析式.
23.(12分)(2015•濰坊)如圖1,點O是正方形ABCD兩對角線的交點,分別延長OD到點G,OC到點E,使OG=2OD,OE=2OC,然後以OG、OE為鄰邊作正方形OEFG,連接AG,DE.
(1)求證:DE⊥AG;
(2)正方形ABCD固定,將正方形OEFG繞點O逆時針旋轉α角(0°<α<360°)得到正方形OE′F′G′,如圖2.
①在旋轉過程中,當∠OAG′是直角時,求α的度數;
②若正方形ABCD的邊長為1,在旋轉過程中,求AF′長的最大值和此時α的度數,直接寫出結果不必説明理由.
考點: 幾何變換綜合題..
分析: (1)延長ED交交AG於點H,易證△AOG≌△DOE,得到∠AGO=∠DEO,然後運用等量代換證明∠AHE=90°即可;
(2)①在旋轉過程中,∠OAG′成為直角有兩種情況:α由0°增大到90°過程中,當∠OAG′=90°時,α=30°,α由90°增大到180°過程中,當∠OAG′=90°時,α=150°;
②當旋轉到A、O、F′在一條直線上時,AF′的長最大,AF′=AO+OF′= +2,此時α=315°.
解答: 解:(1)如圖1,延長ED交AG於點H,
∵點O是正方形ABCD兩對角線的交點,
∴OA=OD,OA⊥OD,
∵OG=OE,
在△AOG和△DOE中,
,
∴△AOG≌△DOE,
∴∠AGO=∠DEO,
∵∠AGO+∠GAO=90°,
∴∠AGO+∠DEO =90°,
∴∠AHE=90°,
即DE⊥AG;
(2)①在旋轉過程中,∠OAG′成為直角有兩種情況:
(Ⅰ)α由0°增大到90°過程中,當∠OAG′=90°時,
∵OA=OD= OG= OG′,
∴在Rt△OAG′中,sin∠AG′O= = ,
∴∠AG′O=30°,
∵OA⊥OD,OA⊥AG′,
∴OD∥AG′,
∴∠DOG′=∠AG′O=30°,
即α=30°;
(Ⅱ)α由90°增大到180°過程中,當∠OAG′=90°時,
同理可求∠BOG′=30°,
∴α=180°﹣30°=150°.
綜上所述,當∠OAG′=90°時,α=30°或150°.
②如圖3,當旋轉到A、O、F′在一條直線上時,AF′的長最大,
∵正方形ABCD的邊長為1,
∴OA=OD=OC=OB= ,
∵OG=2OD,
∴OG′=OG= ,
∴OF′=2,
∴AF′=AO+OF′= +2,
∵∠COE′=45°,
∴此時α=315°.
點評: 本題主要考查了正方形的性質、全等三角形的判定與性質、鋭角三角函數、旋轉變換的性質的綜合運用,有一定的綜合性,分類討論當∠OAG′是直角時,求α的度數是本題的難點.
24.(14分)(2015•濰坊)如圖,在平面直角座標系中,拋物線y=mx2﹣8mx+4m+2(m>2)與y軸的交點為A,與x軸的交點分別為B(x1,0),C(x2,0),且x2﹣x1=4,直線AD∥x軸,在x軸上有一動點E(t,0)過點E作平行於y軸的直線l與拋物線、直線AD的交點分別為P、Q.
(1)求拋物線的解析式;
(2)當0
(3)當t>2時,是否存在點P,使以A、P、Q為頂點的三角形與△AOB相似?若存在,求出此時t的值; 若不存在,請説明理由.
考點: 二次函數綜合題..
分析: (1)認真審題,直接根據題意列出方程組,求出B,C兩點的座標,進而可求出拋物線的解析式;
(2)分0
(3)分26時兩種情況進行討論,再根據三角形相似的條件,即可得解.
解答: 解:(1)由題意知x1、x2是方程mx2﹣8mx+4m+2=0的兩根,
∴x1+x2=8,
由
解得:
∴B(2,0)、C(6,0)
則4m﹣16m+4m+2=0,
解得:m= ,
∴該拋物線解析式為:y= ;
(2)可求得A(0,3)
設直線AC的解析式為:y=kx+b,
∵
∴
∴直線AC的解析式為:y=﹣ x+3,
要構成△APC,顯然t≠6,分兩種情況討論:
①當0
∵P(t, ),∴PF= ,
∴S△APC=S△APF+S△CPF
=
=
= ,
此時最大值為: ,
②當6≤t≤8時,設直線l與AC交點為M,則:M(t,﹣ ),
∵P(t, ),∴PM= ,
∴S△APC=S△APF﹣S△CPF=
=
= ,
當t=8時,取最大值,最大值為:12,
綜上可知,當0
(3)如圖,連接AB,則△AOB中,∠AOB=90°,AO=3,BO=2,
Q(t,3),P(t, ),
①當2
若:△AOB∽△AQP,則: ,
即: ,
∴t=0(舍),或t= ,
若△AOB∽△PQA,則: ,
即: ,
∴t=0(舍)或t=2(舍),
②當t>6時,AQ′=t,PQ′= ,
若:△AOB∽△AQP,則: ,
即: ,
∴t=0(舍),或t= ,
若△AOB∽△PQA,則: ,
即: ,
∴t=0(舍)或t=14,
∴t= 或t= 或t=14.
點評: 本題主要考查了拋物線解析式的求法,以及利用配方法等知識點求最值的問題,還考查了三角形相似的問題,是一道二次函數與幾何問題結合緊密的題目,要注意認真總結.
2018年山東省濰坊市會考數學模擬試卷答案詳見題底